◆宮城県 甘泉法師 さんからの解答。
R1からさらに次々と頂点に向けて内接円を作ると
どんどん相似比 | R1 R | =r12 の小円ができる。 |
等比数列の和で円Rの中心から頂点1(内角をα1とする)までの距離があらわせるので
cosec( | α1 2 | )=1+ | 2r12 1-r12 |
= | 1 + r12 1-r12 |
これから
r12=(1-sin( | α1 2 | ))/(1+sin( | α1 2 |
))=tan( | π 4 | - | α1 4 | )/tan( | π 4 | + | α1 4 |
) |
公式 tan( | π 4 | -A) tan( | π 4 | + | A)=1を使い、 |
r1 =tan( | π - α1 4 |
) |
公式
cos(A1+A2+...+An)=cosA1cosA2...cosAn(1-T2+T4-...) Tmはn個の角の中からm個の角のtanの乗積をすべての組み合わせについてとったものの総和 引用:数学公式II 岩波全書初版183ページ |
でAj= | π - αj 4 |
とおくと左辺は cos | π 2 |
=0なので |
【感想】
問題は公式を証明せよということと同じですね。
三角関数の加法定理の証明
(命題)
sin(A1+A2+...+An)
=cosA1cosA2...cosAn(T1-T3+.....)
cos(A1+A2+...+An)
=cosA1cosA2...cosAn(1-T2+T4-.....)
TkはtanA1,tanA2, ... ,tanAn からとったk個の積の、すべての組み合わせについての和。
(証明)
帰納法を使う。
Tkにはどのnをかんがえているかのサフィックスをつけて区別する。
n=2のときは普通の加法定理から成り立つのが明らか
nのときに成り立つとしてn+1の場合を考える。
sin(A1+A2+...+An+An+1) =sin(A1+A2+...+An)cosAn+1+cos(A1+A2+...+An)sinAn+1 =cosA1cosA2...cosAncosAn+1(T1,n-T3,n+.....) + cosA1cosA2...cosAncosAn+1tanAn+1(1-T2,n+T4,n-....) =cosA1cosA2...cosAncosAn+1(T1,n+1-T3,n+1+.....)。証明すべき関係式。
cos(A1+A2+...+An+An+1) =cos(A1+A2+...+An)cosAn+1-sin(A1+A2+...+An)sinAn+1 =cosA1cosA2...cosAncosAn+1(1-T2,n+T4,n-....)-cosA1cosA2...cosAncosAn+1tanAn+1(T1,n- T3,n+.....) =cosA1cosA2...cosAncosAn+1(1-T2,n+1+T4,n+1-....) 。証明すべき関係式。
よって命題は証明された。
◆愛知県 Y.M.Ojisan さんからの解答。
「『円と三角形』問題3」で示されたように、
rK=tan(αK)であり、この問題では下記に拡張される。
(注:式(1) 〜(3')において総積/和の範囲K=1〜nは省略する。)
ΣαK= | π 2 |
----(1) |
exp(i*α) exp(i*β)=exp(i*(α+β)) から下記等式(2)が導出される。
Π{1+i*tan(αK)}=exp(i*(ΣαK))/Π{cos(αK)} ----(2)
ここに (1)を代入すれば
Re[Π{1+i*tan(αK)}] =0 -----(3)
すなわち
Re[Π{1+i*rK }] =0 -----(3')
これを開けば 問題の下記式が得られる。
ここでG2mは 1〜nの整数の集合から異なる2m個を選んだ組(g)の集合である。
「(−1)m」は、i2から出ている。
初項「1」 は m=0の場合を特出したもの。
◆出題者のコメント。
早々に解答ありがとうございます。2人とも正解です。
この関係式はn角形に限らず、円に接するn線分にも適用できます。