◆大阪府 macsyma2e さんからの解答。
【問題1】
n= | ∞ Σ j=1 |
xj and |
xj∈{1,2,3,...} for all j
なる( xj )の各項xjを奇数×2の非負整数冪と表わし、奇数部分毎に括ると
n=1× | ∞ Σ j=0 |
a(1,j) 2j +3× | ∞ Σ j=0 |
a(2,j) 2j +5× | ∞ Σ j=0 |
a(3,j) 2j + ... |
を得るが、これは
n= | ∞ Σ j=1 |
(2j-1) yj and |
なる( yj )の各項yjを2進展開したもので、
対応 ( xj ) ⇔ ( a(i,j) ) ⇔ ( yj ) は一対一.
【問題2】
n= | k Σ j=1 |
xj and |
xj∈{1,2,3,...} for all j
なる( xj )に対し
n= | k Σ j=1 |
(k-j+1) yj and |
1<j ⇒ yj∈{0,1,2,...} for all j
なる( yj )が
y1=x1>0 and
y2=x2-x1≧0 and
...
yk=xk-xk-1≧0
即ち
x1=y1>0 and
x2=y1+y2≧x1 and
...
xk=y1+...+yk≧xk-1
により一対一に対応する.
【問題3】
分割を任意に1個固定すると、
その分割に現れるkの個数の合計
= | ∞ Σ j=0 |
xj× | ∞ Σ j=0 |
x2j× | ∞ Σ j=0 |
x3j×... | ∞ Σ j=0 |
x(k-1)j× | ∞ Σ j=0 |
j xkj× | ∞ Σ j=0 |
x(k+1)j×... のxnの係数 |
であり、
その分割にk個以上現れる相異なる自然数の個数の合計
= | ∞ Σ j=k |
xj× | ∞ Σ j=0 |
x2j× | ∞ Σ j=0 |
x3j×...+ | ∞ Σ j=0 |
xj× | ∞ Σ j=k |
x2j× | ∞ Σ j=0 |
x3j×... + | ∞ Σ j=0 |
xj× | ∞ Σ j=0 |
x2j× | ∞ Σ j=k |
x3j )×...+ ... のxnの係数 |
であるが、
∞ Σ j=0 |
j xkj | = | xk (1-xk)2 | = |
1-xk |
故何れも
xk (1-x)(1-x2)(1-x3)...(1-xk-1)(1-xk)2(1-xk+1)... |
【出題者のコメント】
解答ありがとうございます。
すべて正解です。
考えていた証明に比べ、どの証明も極めて簡潔に的を射ています。