◆宮城県 甘泉法師 さんからの解答。
【問題2】
弧BCは固定されているので円周角∠BAC=φ(一定)、
仮定から∠AEC=α+β=θ(一定)、
よって∠ACE=π-θ-φ(一定)
正弦定理から
AD= | sin(π-θ-φ) sinα |
AC、 |
BC= | sinφ sinα |
AC |
AD BC |
= | sin(π-θ-φ) sinφ | = | sin(θ+φ) sinφ |
(一定) |
△EDA △EBC |
={ | sin(θ+φ) sinφ |
} | 2 | (一定) |
◆宮城県 甘泉法師 さんからの解答。
【問題1】
xy座標軸をとって A(0,0) B(0,1) C(r cosθ, r sinθ)とする。
辺BCをk:1-k に内分する点をQとすると、
Q(1-k+krcosθ, krsinθ) ,
辺CAをk:1-k に内分する点をRとすると、
R(r(1-k)cosθ, r(1-k)sinθ),
辺ABをk:1-k に内分する点をSとすると、S(k,0).
直線AQの式 y = | krsinθ 1-k+krcosθ |
* x |
直線BRの式 y = | r(1-k)sinθ r(1-k)cosθ - 1 |
* x- | r(1-k)sinθ r(1-k)cosθ - 1 |
直線CSの式 y = | rsinθ rcosθ - k |
* x- | krsinθ rcosθ - k |
U( | (1-k)2 rcosθ + k2 1-k+k2 |
, | (1-k)2 rsinθ 1-k+k2 |
), |
V( | k(1-k+krcosθ) 1-k+k2 |
, | k2 rsinθ 1-k+k2 |
), |
W( | (1-k)(1-k+krcosθ) 1-k+k2 |
, | (1-k)krsinθ 1-k+k2 |
), |
= | x1y2 + x2y3 + x3y1 - x2y1 - x3y2 - x1y3 | |
=[ 4 - | 3 (k - 1/2)2 + 3/4 |
]rsinθ |
△UVW =[ 4 - | 3 (k - 1/2)2 + 3/4 |
]△ABC |
係数[ 4 - | 3 (k - 1/2)2 + 3/4 |
]は |
最小値が0(k= | 1 2 |
) で最大値が1(k=0,1)。 |
問題のk= | 2 3 |
, | 1 3 | では、 | 1 7 |
。 |
◆愛知県 Y.M.Ojisan さんからの解答。
【問題1】
S= | ΔABC 7 |
【問題2】
△ADEと△CBEの面積比は一定。
∵ 円周角の定理を用いて角度で分かるところを書き込むと下図です。
BC一定であるので、γも一定であり、∠ACD=π−θ−γは一定です。
従って、ADの長さは一定です。(円周角の定理)
角度の関係から△ADEと△CBEは相似です。
BC:ADが一定であるのであるで、面積比も一定になります。
◆出題者のコメント。
>甘泉法師 さん、Y.M.Ojisan さん
解答ありがとうございました。
私の解法とも違う方法でいろいろの解法があること面白いと思いました。
また挑戦します。